6. 置換積分法 例題集

$Q1$.
次の不定積分を求めなさい。

(1) $\displaystyle \int x\sqrt{x^2+1} ~ dx$
(2) $\displaystyle \int \sin^3 x \cos x ~dx$
(3) $\displaystyle \int \dfrac{\sin x}{\cos^4 x} ~ dx$
(4) $\displaystyle \int \dfrac{x}{(x^2+1)^2} ~ dx$
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(1) $\displaystyle \dfrac{1}{3}(x^2+1)^{\frac{3}{2}} + C~~$ ($C$ は積分定数)
(2) $\displaystyle \cfrac{1}{4} \sin^4 x + C~~$ ($C$ は積分定数)
(3) $\displaystyle \dfrac{1}{3 \cos^3 x} + C~~$ ($C$ は積分定数)
(4) $\displaystyle -\dfrac{1}{2(x^2+1)} + C~~$ ($C$ は積分定数)

置換積分を利用するといろいろな関数の不定積分を計算することができます。

(1)
$\sqrt{x^2+1} = t$ と置くと $x^2+1 = t^2$ であるから, 両辺を $t$ で微分すれば

$2x \dfrac{dx}{dt} = 2t$

より $x~dx = t~dt$ となります。よって

$xx2+1 dx=x2+1 (x dx)=t (t dt)=t2 dt=13t3+C=13(x2+1)32+C$

(2)
$\sin x = t$ と置くと, 両辺を $t$ で微分すれば

$\cos x \dfrac{dx}{dt} = 1$

より $\cos x ~dx = dt$ となります。よって

$ sin3xcosx dx=sin3x (cosx dx)=t3dt=14t4+C=14sin4x+C$

(3)
$\cos x = t$ と置くと, 両辺を $t$ で微分すれば

$-\sin x\dfrac{dx}{dt} = 1$

より $\sin x ~dx = -dt$ となります。よって

$sinxcos4x dx=1cos4x (sinx dx)=1t4 (dt)=1t4 dt=13t3+C=13cos3x+C$

(4)
$x^2 + 1 = t$ と置くと, 両辺を $t$ で微分すれば

$2x\dfrac{dx}{dt} = 1$

より $x~dx = \dfrac{1}{2}~dt$ となります。よって

$x(x2+1)2 dx=1(x2+1)2 (x dx)=1t2 (12 dt)=121t2 dt=12t1+C=12(x2+1)+C$

$Q2$.
次の不定積分を求めなさい。

(1) $\displaystyle \int \dfrac{x}{x^2 + 1} ~ dx$
(2) $\displaystyle \int \tan x ~dx$
(3) $\displaystyle \int \dfrac{1}{x\log x} ~ dx$
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(1) $\displaystyle \dfrac{1}{2}\log(x^2+1) +C~$ ($C$ は積分定数)
(2) $\displaystyle -\log|\cos x| +C~~$ ($C$ は積分定数)
(3) $\displaystyle \log|\log x| + C~$ ($C$ は積分定数)

$\displaystyle \int \dfrac{ f'(x) }{ f(x) }~dx = \log~|f(x)|$

を利用しましょう。

(1)

$\displaystyle \int \dfrac{x}{x^2+1} ~dx = \dfrac{1}{2}\int \dfrac{2x}{x^2+1}~dx = \dfrac{1}{2}\int \dfrac{(x^2+1)'}{x^2+1}~dx = \dfrac{1}{2}\log(x^2+1) +C$

(2)

$\displaystyle \int \tan x~dx = \int \dfrac{\sin x}{\cos x} ~ dx = -\int \dfrac{(\cos x)'}{\cos x}~dx = -\log|\cos x| +C$

(3)

$\displaystyle \int \dfrac{1}{x\log x}~dx = \int \dfrac{(\log x)'}{\log x}~dx = \log|\log x| + C$

$Q3$.
次の定積分の値を求めなさい。

(1) $\displaystyle \int_0^{\frac{\pi}{2}} \cos^3 x \sin x ~dx$
(2) $\displaystyle \int_0^1 \sqrt{1-x^2} ~dx$
(3) $\displaystyle \int_0^1 \dfrac{x}{(x^2+2)^2} ~dx$
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(1) $\dfrac{1}{4}$
(2) $\dfrac{\pi}{4}$
(3) $\dfrac{1}{12}$

(1)
$\cos x = t$ と置くと, $\sin x ~dx = -dt$ であり

$x=0$ の時 $t=1$, $~x=\dfrac{\pi}{2}$ の時 $t =0$

であるから

$\displaystyle \int_0^{\frac{\pi}{2}} \cos^3 x \sin x ~dx = \int_1^0 -t^3~dt = \int_0^1 t^3 ~dt = \left[\dfrac{1}{4}t^4\right]_0^1 = \dfrac{1}{4}$

(2)
$x = \sin t~~\left(-\dfrac{\pi}{2} \leqq t \leqq \dfrac{\pi}{2}\right)$ と置くと, $dx =\cos t~ dt$ であり

$x=0$ の時 $t = 0$, $~x=1$ の時 $t = \dfrac{\pi}{2}$

であるから

$\displaystyle \int_0^1 \sqrt{1-x^2} ~dx = \int_0^{\frac{\pi}{2}} \sqrt{1-\sin^2 t}~ \cos t ~dt$

$0 \leqq t \leqq \dfrac{\pi}{2}$ の時, $\cos t \geqq 0$ より

$π20cost1sin2t dt=π20costcos2t dt=π20cos2t dt=π201+cos2t2 dt=12[t+12sin2t]π20=π4$

(3)
$x^2 + 2 = t$ と置くと, $x~dx =\dfrac{1}{2}~ dt$ であり

$x=0$ の時 $t = 2$, $~x=1$ の時 $t = 3$

であるから

$\displaystyle \int_0^1 \dfrac{x}{(x^2+2)^2} ~dx = \dfrac{1}{2}\int_2^3 \dfrac{1}{t^2} dt = \dfrac{1}{2}\left[-\dfrac{1}{t} \right]_2^3 = \dfrac{1}{2}\left( -\dfrac{1}{3} + \dfrac{1}{2} \right) = \dfrac{1}{12} $